9.1. Замечательные пределы

    В этом пункте будут вычислены пределы
[(sin x)/x], (1 + x)1/x, {[ln(1 + x)]/x}, [(ax - 1)/x], которые обычно называются замечательными пределами.
    I. Докажем, что

[(sin x)/x] = 1.

(9.1)

Рис. 72
Рис. 72

Рассмотрим в координатной плоскости круг радиуса R с центром в начале координат. Если (рис.72) OA = R, AOB = x, 0 < x < pi/2, ACOA, то
пл. ????????????OAB < пл. сектора OAB < пл. ????????????OAC, т. е. (R2sin x)/2 < (R2x)/2 < (R2tg x)/2; отсюда

sin x < x < tg x,

или

1 < x/sin x < 1/cos x.

В силу четности функций x/sin x и 1/cos x это неравенство справедливо и для -pi/2 < x < 0. Перейдя в этом неравенстве к пределу при x0 и заметив, что в силу непрерывности функции cos x при x = 0 имеет место равенство
cos x = 1, получим

[x/(sin x)] = 1,

что равносильно равенству (9.1). ??????
    С помощью предела (9.1) вычисляется ряд других пределов, например,


    II. Докажем, что

(1 + x)1/x = e.

(9.2)

началоМы уже знаем (см. п. 5.7), что

(1 + 1/n)n = e.

Более того, из замечания 2 в п. 6.1 следует, что для любой последовательности nk принадлежит N, nkбесконечность, k = 1, 2, ..., , также имеет место равенство

(9.3)

Пусть xk > 0 и xk0, k = 1, 2, ... Положим nk = [1/xk] , где [1/xk] - целая часть числа 1/xk, тогда

nk < 1/xknk + 1 

(9.4)

и, следовательно,

1/(nk + 1) < xk < 1/nk.

(9.5)

Кроме того, согласно условию xk0 имеем (1/xk)бесконечность, откуда в силу неравенства (9.4) следует, что

nk = +бесконечность.

(9.6)

В результате имеем

(9.7)

где

(9.8)

(9.9)

Из (9.7), (9.8) и (9.9) следует, что (см. обозначения в п. 6.6)

(1 + x)1/x = e.

(9.10)

Пусть теперь xk < 0 и xk0, k = 1, 2, ... Положим yk = -xk, тогда yk > 0 и yk0, k = 1, 2, ... Без ограничения общности будем считать, что yk < 1 (с некоторого номера это неравенство заведомо выполняется). Имеем

(9.11)

Положим теперь zk = yk/(1 -yk). Очевидно,

(9.12)

Поэтому

(9.13)

Таким образом,

(1 + x)1/x = (1 + x)1/x

=

e.

(9.10)
9.13)

Отсюда в силу теоремы 2 из п.6.6 и следует равенство (9.2). начало
    Вычислим с помощью (9.2) некоторые другие пределы. Покажем прежде всего, что

{[loga(1 + x)]/x} = 1/ln a   a > 0, a не равно1,

(9.14)

в частности,

{[ln(1 + x)]/x} = 1.

(9.15)

    В самом деле,

{[loga(1 + x)]/x} = loga(1 + x)1/x = loga(1 + x)1/x= loga e = 1/ln a.

Докажем еще, что

[(ax - 1)/x] = ln a   a > 0, a не равно1,

(9.16)

в частности, что

[(ex - 1)/x] = 1.

(9.17)

    Действительно, положив y = ax - 1 и, следовательно, x = ln(1 + x)/ln a, получим y =0, а поэтому


Элементарные функции   Оглавление Сравнение функций в окрестности заданной точки